Задачи для самостоятельного решения. Задание. Дана окислительно-восстановительная реакция (номер реакции соответствует варианту)

Задание. Дана окислительно-восстановительная реакция (номер реакции соответствует варианту).

Определите: а) окислитель и восстановитель, б) тип окислительно-восстановительной реакции, в) молярные массы эквивалента окислителя и восстановителя.

Используя метод ионно-электронного баланса расставьте коэффициенты в схемах реакций.

1. HNO₂ ® HNO₃ + NO + H₂O

2. FeS₂ + HNO₃ ® Fe(NO₃) ₃ + H₂SO₄ + NO₂ + H₂O

3. CuO + NH₃ ® Cu + N₂ + H₂O

4. NaBr + H₂SO₄ + NaBrO₃ = Br₂ + Na₂SO₄ + H₂O

5. HClO + H₂O₂ ® HCl + O₂ + H₂O

6. Cl₂ + KOH ® KCl + KClO₃ + H₂O

7. S + NaOH ® Na₂S + Na₂SO₃ + Н₂О

8. Al + KClO₄ + H₂SO₄ ® KCl + Al₂(SO₄)₃ + H₂O

9. H₂S + SO₂ ® S + H₂O

10. HIO₃ + H₂O₂ ® I₂ + O₂ + H₂O

11. SO₂ + NaIO₃ + H₂O ® I₂ + Na₂SO₄ + H₂SO₄

12. Sn + HNO₃ ® N₂O + Sn(NO₃)₂ + H₂O

13. Bi₂S₃ + HNO₃ ® Bi(NO₃)₃ + NO + S + H₂O

14. H₃PO₃ + H₃PO₃® H₃PO₄ + PH₃

15. KNO₂ + KMnO₄ + H₂SO₄ ® KNO₃ + MnSO₄ + K₂SO₄ + H₂O

16. Sb₂S₃ + HNO₃ ® HSbO₃ + H₂SO₄ + NO₂ + H₂O

17. Na₂SO₃ + I₂ + H₂O ® Na₂SO₄ + HI

18. SnCl₂ + NaOH + Bi(NO₃)₃ ® Bi + Na₂SnO₃ + H₂O

19. As₂S₃ + HNO₃ ® H₃AsO₄ + H₂SO₄ + NO + H₂O

20. KIO₃ + KI + HCl ® KCl + I₂ + H₂O

21. H₃PO₃ + KMnO₄ + HNO₃ ® H₃PO₄ + KNO₃ + Mn(NO₃)₂ + H₂O

22. HMnO₄ + NaCl + H₂SO₄ ® MnSO₄ + Cl₂ + Na₂SO₄ + H₂O

23. Bi(NO₃)₃ +K₂SnO₂ + KOH ® Bi + K₂SnO₃ + KNO₃ + H₂O

24. KI + H₂O₂ +HCl ® I₂ + KCl + H₂O

25. PH₃ + KMnO₄ + H₂SO₄ ® H₃PO₄ + MnSO₄ + K₂SO₄ + H₂O

26. Se + AuCl₃ + H₂O ® Au + H₂SeO₃ + HCl

27. Cr₂(SO₄)₃ + Br₂ + NaOH ® Na₂CrO₄ + NaBr + Na₂SO₄ + H₂O

28. Cu(NO₃)₂ + KI ® CuI + I₂ + KNO₃

29. Co + HNO₃ ® Co(NO₃)₂ + N₂ + H₂O

30. Hg + NaNO₃ + H₂SO₄ ® Hg₂SO₄ + Na₂SO₄ + NO + H₂O

 

 

Энергетика

И НАПРАВЛЕНИЕ ХИМИЧЕСКИХ ПРОЦЕССОВ

Химическая термодинамика

Термодинамика изучает возможность и невозможность самопроизвольного перехода системы из одного состояния в другое и энергетические эффекты этих переходов. Во многих случаях процессы в термодинамических системах протекают при постоянном объеме или постоянном давлении. Из первого закона термодинамики следует, что при этих условиях теплота Q является функцией состояния. При постоянном объеме теплота равна изменению внутренней энергии, а при постоянном давлении – изменению энтальпии Н. Единица измерения энтальпии – кДж/моль. Изменение энтальпии D Н равно тепловому эффекту химической реакции, протекающей в изобарно-изотермичес-ких условиях (р = const, T = const), когда единственным видом работы является работа расширения газа. Если D Н < 0, процесс сопровождается выделением теплоты в окружающую среду (экзотермическая реакция), если D Н > 0, процесс идет с поглощением теплоты (эндотермическая реакция).

Для того чтобы облегчить сравнение энтальпий различных химических реакций, используют понятие «стандартного состояния». Стандартное состояние – это состояние чистого вещества при давлении 1атм и заданной температуре. Энтальпию реакции между веществами, находящимися в стандартных состояниях при температу-
ре T, обозначают (r означает «reaction»). В термохимических уравнениях указывают не только формулы веществ, но и их агрегатные состояния или кристаллические модификации.

Тепловой эффект химического процесса, протекающего в условиях р, Т = const, W = p× D V, не зависит от пути его протекания, а зависит от природы и физического состояния исходных веществ и продуктов реакции (закон Гесса).

Практическое значение закона Гесса состоит в том, что с его помощью можно вычислить неизвестную теплоту реакции путем комбинирования термохимических уравнений других изученных реакций.

Следствие 1 закона Гесса. С термохимическими уравнениями реакций можно обращаться как с алгебраическими уравнениями. Если реакция превращения вещества 1 в вещество 2: 1 ® 2, характеризуется изменением энтальпии D H _1®2, а реакция 3 ® 2 характеризуется D H _3®2, то реакция 1 ® 3 характеризуется изменением энтальпии:

D H _1®3 = D H _1®2 – D H _3®2.

Следствие 2 закона Гесса. Тепловой эффект химической реакции равен разности теплот образования продуктов реакции и исходных веществ с учетом стехиометрических коэффициентов:

где j – для продуктов реакции; i – для исходных веществ; n – стехио-метрические коэффициенты, – стандартные теплоты образования веществ.

Стандартной энтальпией (теплотой) образования вещества
(f означает «formation») при заданной температуре называют энтальпию реакции образования одного моля этого вещества из элементов, находящихся в наиболее устойчивом стандартном состоянии. Энтальпия образования наиболее устойчивых простых веществ в стандартном состоянии равна 0 при любой температуре. Стандартные энтальпии образования веществ при температуре 298 К приведены в справочниках. Энтальпия образования соединения – мера его термодинамической устойчивости.

 

Следствие 3 закона Гесса. Тепловой эффект химической реакции равен разности теплот сгорания исходных веществ и продуктов реакции с учетом стехиометрических коэффициентов:

,

где j – для продуктов реакции; i – для исходных веществ; n – стехио-метрические коэффициенты; – теплоты сгорания веществ.

Стандартной энтальпией (теплотой) сгорания вещества называют энтальпию реакции полного окисления одного моля вещества. Это следствие обычно используют для расчета тепловых эффектов органических реакций.

В технических расчетах используют удельную теплоту сгора-
ния Q_T, которая равна количеству теплоты, выделяющейся при сгорании 1 кг жидкого или твердого вещества и 1 м³ газообразного вещества до образования высших оксидов:

или

где М – масса 1 моль вещества; 22,4 л – объем 1 моль газа.

Если расчет теплоты сгорания ведется применительно к реакции с образованием жидкой воды, то удельная теплота сгорания называется высшей, а для реакции с образованием газообразной воды – низшей.

Энтропия S – так же, как и энтальпия, является термодинамической функцией состояния системы:

S = R× ln W,

где R – молярная газовая постоянная, 8,31 Дж/моль, К; W – термодинамическая вероятность состояния системы.

Термодинамической вероятностью состояния системы называется число микросостояний, с помощью которых осуществляется данное макросостояние.

Величина S прямо пропорциональна ln W, поэтому энтропия является мерой неупорядоченности системы. Единица измерения энтро-пии – Дж/(моль×К).

Ее значение увеличивается с ростом температуры и уменьшается с ее понижением. При повышении давления энтропия газа уменьшается, а при понижении – увеличивается.

На величину S влияют все факторы, связанные с природой вещества, например, полярность однотипных молекул – S _HCl(г) < S _{HB r (г)} <
< S _HI(г),молярная масса молекул – S (F₂) < S (Cl₂) < S (Br₂).

Энтропия возрастает при переходе вещества из кристаллического состояния в жидкое и из жидкого в газообразное. Усложнение молекул также сопровождается ростом энтропии.

Изменение энтропии D S в процессе химической реакции можно подсчитать, используя следствие из закона Гесса:

.

Стандартное изменение энтропии в химической реакции при
Т = 298 К легко вычислить, используя таблицы термодинамических величин, в которых приводятся стандартные энтропии веществ S ⁰ при Т = 298 К.

При химических взаимодействиях одновременно изменяются энтальпия и энтропия системы, откуда возникла идея сопоставления энтальпийного D Н и энтропийного Т D S факторов химической реакции.

Если тенденция к порядку и беспорядку в системе одинаковы, то D Н = Т D S, что является математическим условием равновесного состояния системы, из которого ее можно вывести только путем внешнего воздействия.

В процессе перехода системы из одного состояния в другое происходят изменения D Н ¹ Т D S.

Устойчивость любой системы определяется соотношением энтальпийного и энтропийного факторов, которые объединяются функцией, называемой энергией Гиббса D G, которая равна

D G = D H – T D S, [D G ] = кДж/моль.

Изменение энергии Гиббса учитывает одновременно изменение энтальпии и энтропии системы, суммируя тенденции к порядку и беспорядку при переходе системы из одного состояния в другое. Именно поэтому D G – критерий, определяющий направление самопроизвольного протекания химических процессов.

Из уравнения D G = D H – T D S следует:

1) если D Н <0 и D S >0, то всегда D G < 0, т.е. реакция, протекающая с выделением теплоты и увеличением степени беспорядка, возможна при всех температурах;

2) если D Н >0 и D S <0, то всегда D G >0, т.е. реакция с поглощением теплоты увеличением степени порядка невозможна ни при каких температурах;

3) во всех остальных случаях (D Н < 0 и D S <0 и если D Н >0 и D S > 0, знак D G <0 зависит от соотношения членов D Н и D S;

4) чем выше температура, тем большее значение приобретает член Т ×D S и при высоких температурах даже эндотермические реакции становятся самопроизвольными.

Стандартную энергию Гиббса реакции рассчитывают по следствию закона Гесса:

,

где D _f G ⁰ – стандартные значения энергии Гиббса.

Стандартные значения энергий Гиббса образования простых веществ в стандартных состояниях и модификациях равны нулю.

Изменение стандартной энергии Гиббса при химической реакции может быть вычислено по уравнению:

Если пренебречь изменением D Н ⁰и D S ⁰ с увеличением температуры, то можно определить температуру Т _равн, при которой устанавливается равновесие химической реакции для стандартного состояния реагентов:

Если реагенты находятся в состояниях, отличных от стандартного, то изменение энергии Гиббса рассчитывается по уравнению, по-лучившему название изотермы Вант–Гоффа, которое для реакции
аА + bВ = сС + dD записывается в виде:

где р _{(А, В, С, D )} – относительные парциальные давления соответствующих газов.

Учитывая, что D G ⁰ = – RT× ln K, где К – константа равновесия, то изотерма Вант–Гоффа будет иметь вид:

Примеры решения задач

1. Известны тепловые эффекты следующих реакций (1) и (2) при 273 К и постоянном давлении 101,3 кПа. Рассчитать при тех же условиях тепловой эффект реакции (3).

(1) =

(2) ½

(3) =?

Решение. Для определение теплового эффекта реакции воспользуемся следствием 1 закона Гесса. Термохимическое уравнение реак-ции (3) можно получить в результате следующей комбинации термохимических уравнений реакций (1) и (2): (3) = (1) – 2 × (2)

.

Следовательно: ;

кДж.

 

2. Вычислите тепловой эффект образования NH₃ из простых веществ при стандартном состоянии по тепловым эффектам реакций:

(1) 2Н₂ + О₂ = 2Н₂О_(ж), D Н ⁰₁ = –571,68 кДж,

(2) 4NH₃ + 3O₂ = 6Н₂О_(ж) + 2N₂, D Н ⁰₂ = –1530,28 кДж.

Решение. Запишем уравнение реакции, тепловой эффект которой необходимо определить:

(3) ½ N₂ + ³/₂ Н₂ = NH₃, D _f H ⁰(NH₃) =?

В уравнения (1) и (2) входят Н₂O_(ж) и О₂, которые не входят в уравнение (3). Поэтому, чтобы исключить их из уравнений (1) и (2), умножим уравнение (1) на 3 и вычтем из него уравнение (2):

6Н₂ + 3О₂ – 4NH₃ – 3О₂ = 6Н₂О_(ж) – 6Н₂О_(ж) – 2N_2(г). (4)

После преобразования уравнения (4) и деления его на 4 получаем искомое уравнение (3).

Аналогичные действия проделаем с тепловыми эффектами:

(D Н ⁰₁×3 – D Н ⁰₂):4 = D Н ⁰₃.

В результате получаем: [–571,68×3 – (–1530,28)]:4 = –46,19 кДж,

т.е. D _f H ⁰(NH₃) = –46,19 кДж/моль.

3. Вычислите теплоту гидратации СаCl₂, если известно, что при растворении 1 моль безводного СаСl₂ выделяется 72,7 кДж, а при растворении 1 моль кристаллогидрата CaCl₂×6Н₂О поглощается 18,0 кДж теплоты.

Решение. Процесс растворения в воде хлорида кальция можно разбить на две стадии:

(1) CaCl₂(к) + 6Н₂О(ж) = СаСl₂×6Н₂О(к); D Н ⁰₁

(2) СаСl₂×6Н₂О(к) + aq = СаСl₂ aq (ж) + 6Н₂О(ж); D Н ⁰₂.

Первая стадия – процесс гидратации, т.е. получение кристаллогидрата, тепловой эффект которой нужно рассчитать; вторая стадия – растворение кристаллогидрата в воде. Суммарный тепловой эффект D Н ⁰₂ + D Н ⁰₁ равен теплоте растворения безводной соли DН⁰₃:

СаСl₂(к) + aq = СaCl₂ aq (ж); D Н ⁰₃.

Разность теплот растворения безводной соли (DН⁰₃) и растворения кристаллогидрата (D Н ⁰₂) представляет собой теплоту гидратации (D Н ⁰₁).

Подставив соответствующие значения тепловых эффектов, получаем:

D Н ⁰_гидр = –72,7 – (+18,0) = –90,7 кДж,

т.е. при гидратации 1 моль CaCl₂ выделяется 90,7 кДж теплоты.

4. Какое из перечисленных соединений HF(г), HCl(г) и HBr(г), находящихся в стандартном состоянии, является наиболее устойчивым, т.е. будет разлагаться при более высоких температурах.

Решение. Тепловые эффекты реакций, протекающих в прямом и обратном направлениях, равны по величине и противоположны по знаку. Это означает, что если известны стандартные теплоты образования данных соединений, то энтальпии разложения этих соединений будут равны, но противоположны по знаку энтальпии образования. Чем прочнее молекула, тем больше энергии необходимо затратить на ее разложение.

D _f H ⁰_(HF)= –270,7; D _f H ⁰_(HCl)= –92,30; D _f H ⁰_(HBr)= –35,98(кДж/моль).

Из трех соединений наиболее устойчивым является HF, так как на разложение 1 моль этого соединения потребуется 270,7 кДж теплоты, т.е.

D _f Н ⁰_HF(г) = –D Н ⁰_{разлож.НF(г)}.

5. Определить тепловой эффект реакции в стандартных условиях (Т = 298 К).

.

Решение. Для определение теплового эффекта реакции воспользуемся с ледствием 2 закона Гесса. Стандартные теплоты образования исходных веществ и продукта реакции находим в справочнике:

Вещество , кДж/моль

–1675,0

–395,2

–3434,0

Поскольку в справочнике приводится в расчете на 1 моль, то при расчете теплового эффекта реакции соответствующее значение умножается на число моль вещества, участвующего в реакции.

–3434,0– ( –1675,0) – 3 (–395,2) = –573,4 (кДж/моль).

Данная реакция идет с поглощением теплоты ( > 0), т.е. является эндотермической.

6. По известным значениям тепловых эффектов реакций сгорания алмаза и графита рассчитайте тепловой эффект превращения одного моля углерода в форме алмаза в графит ( =?).

Решение. Определим энтальпии реакций сгорания графита и алмаза:

(1) С_графит + О₂ = СО₂; D Н ⁰₁ = –396,3 кДж/моль,

(2) С_алмаз + О₂ = СО₂; D Н ⁰₂ = –399,197 кДж/моль,

D Н ⁰₂= +( + ) = – 396,3 – 1,897 – 0 =

= – 398,197 кДж/моль.

Чтобы из уравнений (1) и (2) получить уравнение перехода алмаза в графит с неизвестным тепловым эффектом, достаточно из второго вычесть первое:

С _алмаз = С _графит, D Н ⁰₃ =?

и соответственно,

D Н ⁰₃ = D Н ⁰₂ – D Н ⁰₁ = –398,197 – (–396,3) = –1,897 кДж/моль.

7. Сколько теплоты выделится при сжигании 20 литров этилена, взятого при нормальных условиях, если известны стандартные теплоты образования веществ.

Решение. Запишем уравнение процесса горения этилена:

С₂Н₄(г) + 3О₂ = 2СО₂(г) + 2Н₂О(ж)

Подставив справочные данные, получим:

D Н _{хим.реак} = 2×(–396,3) + 2×(–285,84) – 52,28 = –1130,72 кДж/моль.

Следовательно, при сжигании 1 моль С₂Н₄ выделяется 1130,72 кДж.

Однако по условию задачи сжигается 20 л этилена, что составляет

n _моль = моль,

где 22,4 л/моль – мольный объем любого газа при н.у. Таким образом, при сгорании 0,89 моль этилена выделится:

0,89 моль×(–1130,72 кДж/моль) = –1009,57 кДж теплоты.

8. Предскажите знак изменения энтропии в следующих реакциях:

а) N₂(г) + 3H₂(г) = 2NH₃(г),

б) С(к) + Н₂О(г) = СО₂(г) + Н₂(г),

в) 2СО(г) + О₂(г) = 2СО₂(г).

Решение. Известно, что энтропия газов всегда значительно больше энтропии твердых тел и жидкостей, поэтому в химических реакциях, идущих с участием газообразных веществ, энтропия реакции всегда положительна (D S ⁰ > 0), если в результате процесса возрастает число молей газообразных веществ и отрицательна (D S ⁰ < 0), если число молей газообразных уменьшается.

Нетрудно увидеть, что в реакции (а) число молей газообразных веществ в системе уменьшается от 4 до 2, поэтому (D S ⁰_(а) < 0); в реакции (б) число молей газообразных веществ возрастает D S ⁰_(б) > 0; в реакции (в) уменьшается D S ⁰_(в) < 0.

9. Определите энтропию реакции

H₂ S (г) + Cl₂(г) = 2HCl(г) + S (к).

Решение. Поскольку энтропия – функция состояния системы, то ее изменение D S ⁰_{хим.реак} в процессе химической реакции можно подсчитать, пользуясь следствием из закона Гесса:

Подставив соответствующие значения энтропии для каждого из веществ, взятые из справочных данных, получаем:

Дж/К.

10. Рассчитайте энтропийный и энтальпийный факторы протекания процесса при стандартных условиях и 298 К:

СО₂(г) + 4Н₂(г) = СН₄(г) + 2Н₂О(ж).

Какой из факторов способствует самопроизвольному протеканию реакции в прямом направлении?

Решение. Для расчета энтальпийного и энтропийного факторов воспользуемся следствием из закона Гесса:

Энтальпийным фактором процесса является энтальпия реакции. Самопроизвольному протеканию процесса способствует уменьшение энтальпии системы (D Н ⁰_{хим.реак}). Энтропийный фактор равен произ-ведению абсолютной температуры на энтропию реакции, т.е.
Т × D S ⁰_{хим.реак}. Самопроизвольному течению процесса способствует рост энтропии системы D S ⁰ > 0.

В нашем случае энтропийный фактор равен:

Т× D S ⁰_{хим.реак} = –393,51×298 = –117265,98 Дж/моль,

или –117,266 кДж/моль, величина которого не способствует самопроизвольному протеканию процесса.

Энтальпийный фактор D Н _{хим.реак} = –253 кДж способствует самопроизвольному протеканию процесса в прямом направлении.

11. Рассчитайте стандартную энергию Гиббса химической реакции при 298 К и установите возможность ее самопроизвольного протекания в прямом направлении.

CuSO_4(к) + 2NH₄OH_(ж) = Cu(OH)_2(ж) + (NH₄)₂SO_4(к).

Решение. Энергия Гиббса D G – термодинамическая функция состояния системы. Изменение энергии Гиббса химической реакции может быть рассчитано на основании следствия из закона Гесса:

Любая химическая реакция протекает самопроизвольно в том направлении, которое отвечает при заданных условиях (давлении и температуре) уменьшению величины G.

В данном случае D G ⁰_{хим.реак} < 0, следовательно, возможно само-произвольное протекание процесса в прямом направлении.

12. Установите, возможно ли при температурах 298 и 1000 К образование водяного газа по уравнению: С(графит) + Н₂О(г) = Н₂(г) +
+СО(г),полагая, что все газы находятся при давлении 1 атм.

Для данной реакции определите температуру начала самопроизвольного процесса при стандартных состояниях веществ.

Решение. В справочных таблицах найдем значения D _f Н ⁰и S ⁰₂₉₈для исходных веществ и продуктов реакции.

 

Вещество	D f Н 0, кДж/моль	S 0298, Дж/(моль×К)
С(т)		5,74
Н2О(г)	–241,98	188,9
Н2(г)		130,7
СО(г)	–110,6	197,7

 

Рассчитаем стандартные энтальпию и энтропию реакции:

Энергия Гиббса химической реакции равна

D G ⁰_{хим.реак} = D Н ⁰_{хим.реак} – Т× D S ⁰_{хим.реак} .

Рассчитаем D G ⁰_{хим.реак} при 298 К:

D G ⁰_{хим.реак} = 131,38 – 298 ×0,134 = 91,48 кДж.

Поскольку D G ⁰_{хим.реак} > 0,то реакция синтеза водяного газа при 298 К самопроизвольно не идет.

Приняв изменение энтальпии и энтропии реакции постоянными в температурном интервале 298–1000 К можно рассчитать изменение энергии Гиббса при 1000 К: D G ⁰_{хим.реак} = 131,38–1000×0,134 = –2,62 кДж,

т.е. реакция взаимодействия графита с водяным паром при 1000 К становится самопроизвольной. Из реакции синтеза водяного газа видно, что если энтропия системы увеличивается, то с ростом температуры вероятность реакции тоже увеличивается.

Для определения температуры, выше которой произойдет смена знака энергии Гиббса (при стандартных условиях), воспользуемся уравнением:

следовательно, при T > 980Kи стандартном состоянии реагентов реакция может протекать самопроизвольно в прямом направлении.

13. Установите, возможно ли восстановление оксида железа (III) до свободного металла по уравнению:

Fe₂O₃(к) + 3H₂(г) = 2Fe(к) + 3Н₂О(г)

при температуре 298 К и при начальных парциальных давлениях веществ р (Н₂) = 1,5; р (Н₂О) = 0,9.

Решение. Изменение энергии Гиббса химической реакции рассчитаем на основании следствия из закона Гесса:

Известно, что изменение энергии Гиббса D G _{хим.реак} при любых начальных парциальных давлениях веществ связано с D G ⁰_{хим.реак} уравнением, получившим название изотермы Вант–Гоффа, которое для данной реакции запишется следующим образом:

отсюда

так как D G _{хим.реак} > 0, то процесс невозможен.

14. Вычислить константу равновесия для реакции синтеза аммиака из стандартных энергий образования Гиббса веществ.

Решение. Запишем уравнение реакции синтеза аммиака из простых веществ:

N₂(г) + 3H₂(г) = 2NH₃(г).

 

Стандартное изменение энергии Гиббса для указанной реакции составляет:

Константа равновесия для Т = 298 при D G _{хим.реак} = 0находится из соотношения:

откуда